首先在地圖上給你若干個城鎮(zhèn)，這些城鎮(zhèn)都可以看作點，然后告訴你哪些對城鎮(zhèn)之間是有道路直接相連的。最后要解決的是整幅圖的連通性問題。比如隨意給你兩個點，讓你判斷它們是否連通，或者問你整幅圖一共有幾個連通分支，也就是被分成了幾個互相獨立的塊。像暢通工程這題，問還需要修幾條路，實質(zhì)就是求有幾個連通分支。如果是1個連通分支，說明整幅圖上的點都連起來了，不用再修路了；如果是2個連通分支，則只要再修1條路，從兩個分支中各選一個點，把它們連起來，那么所有的點都是連起來的了；如果是3個連通分支，則只要再修兩條路……
以下面這組數(shù)據(jù)輸入數(shù)據(jù)來說明
4 2 1 3 4 3
第一行告訴你，一共有4個點，2條路。下面兩行告訴你，1、3之間有條路，4、3之間有條路。那么整幅圖就被分成了1-3-4和2兩部分。只要再加一條路，把2和其他任意一個點連起來，暢通工程就實現(xiàn)了，那么這個這組數(shù)據(jù)的輸出結果就是1。好了，現(xiàn)在編程實現(xiàn)這個功能吧，城鎮(zhèn)有幾百個，路有不知道多少條，而且可能有回路。 這可如何是好？
我以前也不會呀，自從用了并查集之后，嗨，效果還真好！我們?nèi)叶加盟?/p>
并查集由一個整數(shù)型的數(shù)組和兩個函數(shù)構成。數(shù)組pre[]記錄了每個點的前導點是什么，函數(shù)find是查找，join是合并。
int pre[1000 ];
int find(int x){ //查找根節(jié)點
int r=x; while (pre[r ]!=r) r=pre[r ]; //路徑壓縮
int i=x; int j; while(i!=r) { j=pre[i ]; pre[i ]=r; i=j; } //返回根節(jié)點
return r;
void join(int x,int y) { //判斷x y是否連通
//如果已經(jīng)連通，就不用管了 //如果不連通，就把它們所在的連通分支合并起,
int fx=find(x),fy=find(y);
if(fx!=fy) pre[fx ]=fy; }
為了解釋并查集的原理，我將舉一個更有愛的例子。 話說江湖上散落著各式各樣的大俠，有上千個之多。他們沒有什么正當職業(yè)，整天背著劍在外面走來走去，碰到和自己不是一路人的，就免不了要打一架。但大俠們有一個優(yōu)點就是講義氣，絕對不打自己的朋友。而且他們信奉“朋友的朋友就是我的朋友”，只要是能通過朋友關系串聯(lián)起來的，不管拐了多少個彎，都認為是自己人。這樣一來，江湖上就形成了一個一個的群落，通過兩兩之間的朋友關系串聯(lián)起來。而不在同一個群落的人，無論如何都無法通過朋友關系連起來，于是就可以放心往死了打。但是兩個原本互不相識的人，如何判斷是否屬于一個朋友圈呢？
我們可以在每個朋友圈內(nèi)推舉出一個比較有名望的人，作為該圈子的代表人物，這樣，每個圈子就可以這樣命名“齊達內(nèi)朋友之隊”“羅納爾多朋友之隊”……兩人只要互相對一下自己的隊長是不是同一個人，就可以確定敵友關系了。
但是還有問題啊，大俠們只知道自己直接的朋友是誰，很多人壓根就不認識隊長，要判斷自己的隊長是誰，只能漫無目的的通過朋友的朋友關系問下去：“你是不是隊長？你是不是隊長？”這樣一來，隊長面子上掛不住了，而且效率太低，還有可能陷入無限循環(huán)中。于是隊長下令，重新組隊。隊內(nèi)所有人實行分等級制度，形成樹狀結構，我隊長就是根節(jié)點，下面分別是二級隊員、三級隊員。每個人只要記住自己的上級是誰就行了。遇到判斷敵友的時候，只要一層層向上問，直到最高層，就可以在短時間內(nèi)確定隊長是誰了。由于我們關心的只是兩個人之間是否連通，至于他們是如何連通的，以及每個圈子內(nèi)部的結構是怎樣的，甚至隊長是誰，并不重要。所以我們可以放任隊長隨意重新組隊，只要不搞錯敵友關系就好了。于是，門派產(chǎn)生了。
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下面我們來看并查集的實現(xiàn)。 int pre[1000]; 這個數(shù)組，記錄了每個大俠的上級是誰。大俠們從1或者0開始編號（依據(jù)題意而定），pre[15]=3就表示15號大俠的上級是3號大俠。如果一個人的上級就是他自己，那說明他就是掌門人了，查找到此為止。也有孤家寡人自成一派的，比如歐陽鋒，那么他的上級就是他自己。每個人都只認自己的上級。比如胡青牛同學只知道自己的上級是楊左使。張無忌是誰？不認識！要想知道自己的掌門是誰，只能一級級查上去。 find這個函數(shù)就是找掌門用的，意義再清楚不過了（路徑壓縮算法先不論，后面再說）。
int find(int x) { //查找根節(jié)點
int r=x; while (pre[r ]!=r)//如果我的上級不是掌門
r=pre[r ];//我就接著找他的上級，直到找到掌門為止。
//返回根節(jié)點
return r;//掌門駕到~~~
} 再來看看join函數(shù)，就是在兩個點之間連一條線，這樣一來，原先它們所在的兩個板塊的所有點就都可以互通了。這在圖上很好辦，畫條線就行了。但我們現(xiàn)在是用并查集來描述武林中的狀況的，一共只有一個pre[]數(shù)組，該如何實現(xiàn)呢？ 還是舉江湖的例子，假設現(xiàn)在武林中的形勢如圖所示。虛竹小和尚與周芷若MM是我非常喜歡的兩個人物，他們的終極boss分別是玄慈方丈和滅絕師太，那明顯就是兩個陣營了。我不希望他們互相打架，就對他倆說：“你們兩位拉拉勾，做好朋友吧。”他們看在我的面子上，同意了。這一同意可非同小可，整個少林和峨眉派的人就不能打架了。這么重大的變化，可如何實現(xiàn)呀，要改動多少地方？其實非常簡單，我對玄慈方丈說：“大師，麻煩你把你的上級改為滅絕師太吧。這樣一來，兩派原先的所有人員的終極boss都是師太，那還打個球啊！反正我們關心的只是連通性，門派內(nèi)部的結構不要緊的。”玄慈一聽肯定火大了：“我靠，憑什么是我變成她手下呀，怎么不反過來？我抗議！”抗議無效，上天安排的，最大。反正誰加入誰效果是一樣的，我就隨手指定了一個。這段函數(shù)的意思很明白了吧？
void join(int x,int y)//我想讓虛竹和周芷若做朋友
{ int fx=find(x),fy=find(y); //虛竹的老大是玄慈，
芷若MM的老大是滅絕
if(fx!=fy)//玄慈和滅絕顯然不是同一個人
pre[fx ]=fy;//方丈只好委委屈屈地當了師太的手下啦
}
再來看看路徑壓縮算法。建立門派的過程是用join函數(shù)兩個人兩個人地連接起來的，誰當誰的手下完全隨機。最后的樹狀結構會變成什么胎唇樣，我也完全無法預計，一字長蛇陣也有可能。這樣查找的效率就會比較低下。最理想的情況就是所有人的直接上級都是掌門，一共就兩級結構，只要找一次就找到掌門了。哪怕不能完全做到，也最好盡量接近。這樣就產(chǎn)生了路徑壓縮算法。 設想這樣一個場景：兩個互不相識的大俠碰面了，想知道能不能揍。 于是趕緊打電話問自己的上級：“你是不是掌門？” 上級說：“我不是呀，我的上級是誰誰誰，你問問他看看。” 一路問下去，原來兩人的最終boss都是東廠曹公公。 “哎呀呀，原來是記己人，西禮西禮，在下三營六組白面葫蘆娃!” “幸會幸會，在下九營十八組仙子狗尾巴花！” 兩人高高興興地手拉手喝酒去了。 “等等等等，兩位同學請留步，還有事情沒完成呢！”我叫住他倆。 “哦，對了，還要做路徑壓縮。”兩人醒悟。 白面葫蘆娃打電話給他的上級六組長：“組長啊，我查過了，其習偶們的掌門是曹公公。不如偶們一起及接拜在曹公公手下吧，省得級別太低，以后查找掌門麻環(huán)。” “唔，有道理。” 白面葫蘆娃接著打電話給剛才拜訪過的三營長……仙子狗尾巴花也做了同樣的事情。 這樣，查詢中所有涉及到的人物都聚集在曹公公的直接領導下。每次查詢都做了優(yōu)化處理，所以整個門派樹的層數(shù)都會維持在比較低的水平上。路徑壓縮的代碼，看得懂很好，看不懂也沒關系，直接抄上用就行了。總之它所實現(xiàn)的功能就是這么個意思。
http://i3.6.cn/cvbnm/60/98/92/745b3eac68181e4ee1fa8d1b8bca38bc.jpg
回到開頭提出的問題，我的代碼如下：
#include int pre[1000 ];
int find(int x) {
int r=x;
while (pre[r ]!=r)
r=pre[r ];
int i=x; int j;
while(i!=r)
{
j=pre[i ]; pre[i ]=r; i=j;
}
return r;
}
int main()
{ int n,m,p1,p2,i,total,f1,f2;
while(scanf("%d",&n) && n)//讀入n，如果n為0，結束 { //剛開始的時候，有n個城鎮(zhèn)，一條路都沒有 //那么要修n-1條路才能把它們連起來
total=n-1;
//每個點互相獨立，自成一個集合，從1編號到n //所以每個點的上級都是自己
for(i=1;i<=n;i++) { pre[i ]=i; } //共有m條路
scanf("%d",&m); while(m--) { //下面這段代碼，其實就是join函數(shù)，只是稍作改動以適應題目要求
//每讀入一條路，看它的端點p1，p2是否已經(jīng)在一個連通分支里了
scanf("%d %d",&p1,&p2);
f1=find(p1); f2=find(p2);
//如果是不連通的，那么把這兩個分支連起來
//分支的總數(shù)就減少了1，還需建的路也就減了1
if(f1!=f2) { pre[f2 ]=f1; total--;
}
//如果兩點已經(jīng)連通了，那么這條路只是在圖上增加了一個環(huán) //對連通性沒有任何影響，無視掉
}
//最后輸出還要修的路條數(shù)
printf("%d\n",total); } return 0;
}