題目描述：
平面上有N<300個點。每個兩個點如果距離小于R且之間沒有共線的另一個點，則這兩點之間有一條邊。求這個圖的生成樹的個數mod 10007。
算法分析：
用O(N*NlogN)的方法建圖。即枚舉每個點然后極角排序來判斷是否存在共線的點。
建圖之后的任務是統計生成樹的個數，方法是求這個圖的Krichhoof矩陣的n-1主行列式的值。
Krichhoof矩陣G是這樣的：
Gii等于點i的度數
當i和j有邊時，Gij = -1。否則Gij等于0。
然后行列式求值。方法是高斯消元求上三角陣。行列式的值等于對角線元素的積。
由于是整數然后再mod。我們再消元時需要求最小公倍數。還需要拓展歐幾里得算法求逆元。
總之是比較綜合的一道好題。
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cassert>
#include<cstdio>
#include<complex>
#include<cmath>
using namespace std;
// geometry
const double eps = 1e-9;
const int N = 300 + 10;
#define X real
#define Y imag
typedef complex <
double> pnt;
pnt num[N];
static double cross (
const pnt &a,
const pnt &b) {
return Y(conj(a) * b);}
pair <
double,
int> hash[N];
int tp;
bool cmp(
const pair<
double,
int> &a ,
const pair<
double,
int> &b){
#define ff first
#define ss second
return (a.ff - b.ff) < eps ? abs(num[a.ss] - num[tp]) < abs(num[b.ss] - num[tp]): a.ff < b.ff;
}
// lcm
const int mod = 10007;
int G[N][N],vis[N];
int gcd(
int a,
int b) {
return b ? gcd(b , a%b) : a;}
int lcm(
int a,
int b){
return a * b / gcd(a,b);
}
// exgcd
int res[mod];
void exgcd(
int a,
int b,
int &x,
int &y){
if( b== 0) {
x = 1; y = 0;
return ;
}
exgcd(b, a%b, x, y);
int t = y; y = x - a/b*y; x = t;
}
int cal_res(
int v) {
int x, y;
exgcd(v, mod, x, y);
return (x + mod) % mod;
}
// main
int main(){
int test;
cin >> test ;
for(
int i=1;i<mod;i++) res[i] = cal_res(i);
while(test -- ){
int n,r;
scanf("%d%d",&n,&r);
for(
int i=0;i<n;i++){
int x,y;
scanf("%d%d",&x,&y);
num[i] = pnt(x,y);
}
for(
int i=0;i<n;i++)
for(
int j=0;j<n;j++) G[i][j] = 0;
for(tp=0;tp<n;tp++) {
int len = 0;
for(
int j=0; j< n;j ++)
if(tp != j)
hash[len ++] = make_pair(arg(num[j] - num[tp]),j);
sort(hash, hash + len);
for(
int j=0; j<len; j++)
if(!j || abs(hash[j].first - hash[j-1].first) > eps) {
int v = hash[j].second;
if(abs(num[tp] - num[v]) < r + eps){
G[tp][v] = mod - 1;
G[tp][tp] ++;
}
}
}
// gauss
n --;
int ans = 1;
for(
int i=0;i<n;i++) vis[i] = 0;
for(
int i=0;i<n;i++) {
int s = -1;
for(
int j=0;j<n;j++)
if(!vis[j] && G[j][i]){
s = j;
break;
}
if(s == -1) {
ans = 0;
break;
}
ans = (ans * G[s][i]) % mod;
vis[s] = 1;
for(
int j=0;j<n;j++)
if(!vis[j] && G[j][i]) {
int c = lcm(G[j][i], G[s][i]);
int t = c / G[j][i];
int p = c / G[s][i];
assert(t < mod);
ans = (ans * res[t]) % mod;
for(
int k = i; k< n; k++) {
G[j][k] = (G[j][k] * t - G[s][k] * p) % mod;
G[j][k] = (G[j][k] + mod) % mod;
}
}
}
cout << (ans == 0 ? -1 : ans) << endl;
}
}
posted on 2012-07-29 22:29
西月弦 閱讀(450)
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